Winform中自定义xml配置文件,并配置获取文件路径
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2022-05-03 14:01:20
场景 在Winform程序中,需要将一些配置项存到配置文件中,这时就需要自定义xml的配置文件格式。并在一些工具类中去获取配置文件的路径并加载其内容。 关注公众号霸道的程序猿获取编程相关电子书、教程推送与免费下载。 实现 首先在项目下新建文件夹,命名为config,然后右键添加xml文件。 自定义x ......
场景
在winform程序中,需要将一些配置项存到配置文件中,这时就需要自定义xml的配置文件格式。并在一些工具类中去获取配置文件的路径并加载其内容。
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实现
首先在项目下新建文件夹,命名为config,然后右键添加xml文件。
自定义xml节点内容如下
<?xml version="1.0" encoding="utf-8" ?> <configure> <!--y轴数量 默认是1--> <yconut>1</yconut> <!--y轴集合--> <yaxis> <!--第一条y轴--> <yaxi> <num>1</num> <title>温度</title> <color>black</color> <min>-1500</min> <max>1500</max> </yaxi> <!--第二条y轴--> <yaxi> <num>2</num> <title>电压</title> <color>black</color> <min>-1500</min> <max>1500</max> </yaxi> </yaxis> </configure>
然后我们在项目下再新建utils包,在此包下新建一个工具类,用于读取配置文件。
可以看到此时在vs中的两个文件的路径是如下关系:
此时需要在下面的工具类中获取到上面配置文件的路径。
注:如果我们在vs中新建目录并添加配置文件,那么在最终项目进行打包时,只有在
bin下的release或者debug存在exe文件,如果需要再读取其他目录的配置文件,就会找不到。
所以需要将配置文件存放在bin下的debug或者release目录下,但是我们在开发时还要能在vs中对其进行配置。
在vs中右击配置文件--高级属性-复制到输出目录-如果较新时则复制,那么在更改时就会自动将其复制到bin下的debug或者release目录。
这样在项目的真实目录下的bin下的debug或者release就会存在。
怎样获取bin下的debug目录或者release目录
//获取可执行文件的路径-即bin目录下的debug或者release目录 string context = system.windows.forms.application.startuppath; string path = string.concat(context,@"\config\yaxisset.xml");
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